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2017年江蘇省南通市高考物理模擬試卷（二）
參考答案與試題解析
一、單項(xiàng)選擇題：每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意（本大題23小題，每小題3分，共69分）
1．歷史上首先正確認(rèn)識(shí)力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，推翻“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的物理學(xué)家是（ ）
A．阿基米德 B．牛頓 C．伽利略 D．亞里士多德
【考點(diǎn)】伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法；物理學(xué)史．
【分析】阿基米德是古希臘哲學(xué)家、數(shù)學(xué)家、物理學(xué)家，其所做的工作被認(rèn)為是物理學(xué)真正開(kāi)始前的準(zhǔn)備工作；
公元前四世紀(jì)的希臘哲學(xué)家亞里士多德認(rèn)為：必須不斷地給一個(gè)物體以外力，才能使它產(chǎn)生不斷地運(yùn)動(dòng)．如果物體失去了力的作用，它就會(huì)立刻停止．即﹣﹣力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因．亞里士多德的觀點(diǎn)很符合人們的日常經(jīng)驗(yàn)，如停著的車不推它它就不會(huì)動(dòng)，停止推它它就會(huì)停下來(lái)…所以亞里士多德的觀點(diǎn)當(dāng)時(shí)占著統(tǒng)治地位，而且一直統(tǒng)治了人們兩千年；
伽利略斜面實(shí)驗(yàn)在牛頓第一定律的建立過(guò)程中起到了重要作用，它揭示了力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，即物體的運(yùn)動(dòng)并不需要力來(lái)維持；
牛頓系統(tǒng)總結(jié)了前人的經(jīng)驗(yàn)，并通過(guò)大量的實(shí)驗(yàn)提出了牛頓三大定律，標(biāo)志著物理學(xué)的真正開(kāi)端．
【解答】解：A、阿基米德是古希臘哲學(xué)家、數(shù)學(xué)家、物理學(xué)家，其所做的工作被認(rèn)為是物理學(xué)真正開(kāi)始前的準(zhǔn)備工作，故A錯(cuò)誤；
B、牛頓系統(tǒng)總結(jié)了前人的經(jīng)驗(yàn)，并通過(guò)大量的實(shí)驗(yàn)提出了牛頓三大定律，是力學(xué)的奠基人，故B錯(cuò)誤；
C、伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)得出了力不是維持運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體速度的原因，故C正確；
D、亞里士多德認(rèn)為運(yùn)動(dòng)需要力來(lái)維持，故D錯(cuò)誤；
故選C．
2．關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的描述，下列說(shuō)法中正確的是（ ）
A．研究美麗的月食景象形成原因時(shí)，月球可看作質(zhì)點(diǎn)
B．研究飛行中的直升飛機(jī)螺旋槳的轉(zhuǎn)動(dòng)，螺旋槳可看作質(zhì)點(diǎn)
C．研究“天宮一號(hào)”在軌道上的飛行姿態(tài)時(shí)，“天宮一號(hào)”可看作質(zhì)點(diǎn)
D．研究地球繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，地球可看作質(zhì)點(diǎn)
【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)．
【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來(lái)判斷即可
【解答】解：A、研究美麗的月食景象形成原因時(shí)，月球的大小不可以忽略，此時(shí)月球不可看作質(zhì)點(diǎn)，所以A錯(cuò)誤；
B、研究飛行中的直升飛機(jī)螺旋槳的轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，螺旋槳的長(zhǎng)度相對(duì)于轉(zhuǎn)動(dòng)來(lái)說(shuō)是不能忽略的，所以此時(shí)的螺旋槳不能看成質(zhì)點(diǎn)，所以B錯(cuò)誤；
C、研究“天宮一號(hào)”在軌道上的飛行姿態(tài)時(shí)，看的就是它的形狀如何，所以不能看成質(zhì)點(diǎn)，所以C錯(cuò)誤；
D、研究地球繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)，地球的大小相對(duì)于和太陽(yáng)之間的距離來(lái)說(shuō)是很小的，可以忽略，地球可看作質(zhì)點(diǎn)，所以D正確．
故選：D
3．某時(shí)刻，質(zhì)量為2kg的物體甲受到的合力是6N，速度是10m/s；質(zhì)量為3kg的物體乙受到的合力是5N，速度是10m/s，則（ ）
A．甲比乙的慣性小 B．甲比乙的慣性大
C．甲和乙的慣性一大 D．無(wú)法判定哪個(gè)物體慣性大
【考點(diǎn)】慣性．
【分析】慣性是指物體具有的保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)，質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度．
【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量，所以甲的慣性要比乙的小．
故選：A
4．中國(guó)是掌握空中加油技術(shù)的少數(shù)國(guó)家之一．如圖所示是我國(guó)自行研制的第三代戰(zhàn)斗機(jī)“殲﹣10”在空中加油的情景，以下列的哪個(gè)物體為參照物，可以認(rèn)為加油機(jī)是運(yùn)動(dòng)的（ ）
A．“殲﹣10”戰(zhàn)斗機(jī) B．地面上的房屋
C．加油機(jī)中的飛行員 D．“殲10”戰(zhàn)斗機(jī)里的飛行員
【考點(diǎn)】參考系和坐標(biāo)系．
【分析】相對(duì)于參照物位置變化的物體是運(yùn)動(dòng)的，位置不變的物體是靜止的；本題研究的是加油機(jī)的運(yùn)動(dòng)情況，關(guān)鍵看它與所選參照物的位置是否變化，據(jù)此對(duì)各個(gè)選項(xiàng)逐一進(jìn)行分析即可做出選擇．
【解答】解：A、加油機(jī)相對(duì)于“殲﹣10”戰(zhàn)斗機(jī)位置不變，以“殲﹣10”戰(zhàn)斗機(jī)為參照物，加油機(jī)是靜止的，故A錯(cuò)誤．
B、加油機(jī)相對(duì)于地面上的房屋位置不斷變化，以地面上的房屋為參照物，加油機(jī)是運(yùn)動(dòng)的，故B正確．
C、加油機(jī)相對(duì)于加油機(jī)中的飛行員位置不變，以加油機(jī)中的飛行員為參照物，加油機(jī)是靜止的，故C錯(cuò)誤．
D、加油機(jī)相對(duì)于“殲﹣10”戰(zhàn)斗機(jī)里的飛行員位置不變，以“殲﹣10”戰(zhàn)斗機(jī)里的飛行員為參照物，加油機(jī)是靜止的，故D錯(cuò)誤．
故選：B．
5．用如圖所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)．敲擊彈性金屬片后，A、B兩球同時(shí)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，均落在水平地面上，下列說(shuō)法合理的是（ ）
A．A球比B球先落地
B．B球比A球先落地
C．能聽(tīng)到A球與B球同時(shí)落地的聲音
D．當(dāng)實(shí)驗(yàn)裝置距離地面某一高度時(shí)，A球和B球才同時(shí)落地
【考點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)．
【分析】本題圖源自課本中的演示實(shí)驗(yàn)，通過(guò)該裝置可以判斷兩球同時(shí)落地，可以驗(yàn)證做平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；
【解答】解：根據(jù)裝置圖可知，兩球由相同高度同時(shí)運(yùn)動(dòng)，P做平拋運(yùn)動(dòng)，Q做自由落體運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)與豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，球的落地時(shí)間由豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)決定，由于兩球同時(shí)運(yùn)動(dòng)，因此在任一時(shí)刻兩球在豎直方向上高度相同，它們同時(shí)落地．該實(shí)驗(yàn)可以證明平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)．．
故選：C．
6．將原長(zhǎng)10cm的輕質(zhì)彈簧豎直懸掛，當(dāng)下端掛200g的鉤碼時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為12cm，則此彈簧的勁度系數(shù)為（ ）
A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m
【考點(diǎn)】胡克定律．
【分析】物體靜止時(shí)，彈簧的彈力等于所懸掛物體的重力，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度等于彈簧的長(zhǎng)度減去原長(zhǎng)．根據(jù)胡克定律對(duì)兩種情況分別列方程求解勁度系數(shù)k．
【解答】解：重物受力平衡，故F=mg=200×﹣3×10N=2N
由F=k（L﹣L0）得：
k===100N/m
故選：C
7．在“互成角度的兩個(gè)力的合成”實(shí)驗(yàn)中，用兩個(gè)彈簧秤分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使它伸長(zhǎng)到某一位置O點(diǎn)，已讀出彈簧秤的示數(shù)，這一步操作中還必須記錄的是（ ）
A．橡皮條固定端的位置
B．描下O點(diǎn)位置和兩條細(xì)繩套的方向
C．橡皮條伸長(zhǎng)后的總長(zhǎng)度
D．細(xì)繩套的長(zhǎng)度
【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則．
【分析】根據(jù)該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)?zāi)康目梢悦鞔_該實(shí)驗(yàn)需要記錄的數(shù)據(jù)．
【解答】解：該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖球?yàn)證力的平行四邊形定則，要根據(jù)兩個(gè)彈簧拉橡皮筋時(shí)兩個(gè)拉力的大小和方向做出平行四邊形求出其合力大小，然后與一個(gè)彈簧拉橡皮筋時(shí)的拉力大小進(jìn)行比較，最后得出結(jié)論，故需要記錄的是O點(diǎn)位置，兩彈力的大小和方向，故ACD錯(cuò)誤，B正確．
故選：B．
閱讀下列內(nèi)容，回答8﹣11題問(wèn)題
改革開(kāi)放以來(lái)，人們的生活水平得到了很大的改善，快捷、方便、舒適的家用汽車作為代步工具正越來(lái)越多的走進(jìn)尋常百姓家中．汽車起動(dòng)的快慢和能夠達(dá)到的最大速度，是衡量汽車性能的指標(biāo)體系中的兩個(gè)重要指標(biāo)．
8．下列物理量中，屬于矢量的是（ ）
A．位移 B．路程 C．質(zhì)量 D．時(shí)間
【考點(diǎn)】矢量和標(biāo)量．
【分析】矢量是既有大小，又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量．根據(jù)有沒(méi)有方向，確定是矢量還是標(biāo)量．
【解答】解：矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量．位移是矢量，而時(shí)間、路程、質(zhì)量都是標(biāo)量，故A正確，BCD錯(cuò)誤．
故選：A
9．在平直的公路上，汽車啟動(dòng)后在第10s末速度表的指針指在如圖所示的位置，前10s內(nèi)汽車運(yùn)動(dòng)的距離為150m．下列說(shuō)法中正確的是（ ）
A．第10 s末汽車的瞬時(shí)速度大小是70 m/s
B．第10 s末汽車的瞬時(shí)速度大小是70 km/h
C．第10 s內(nèi)汽車的平均速度大小是70 m/s
D．前10 s內(nèi)汽車的平均速度大小是35 m/s
【考點(diǎn)】瞬時(shí)速度；平均速度．
【分析】汽車的速度表每時(shí)每刻都在變化，故速度表顯示的是瞬時(shí)速度；汽車在10s內(nèi)通過(guò)的位移與所用時(shí)間10s的比值，就是汽車在10s內(nèi)的平均速度．
【解答】解：A、B、汽車的速度表顯示的是瞬時(shí)速度，由圖可知在第10s末汽車的瞬時(shí)速度是70km/h．故A錯(cuò)誤，B正確．
C、D、10秒內(nèi)汽車的位移是150m，則在10s內(nèi)汽車的平均速度v===15m/s．故CD錯(cuò)誤．
故選：B．
10．在如圖所示的四個(gè)圖象中，表示汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的是（ ）
A． B． C． D．
【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．
【分析】根據(jù)位移圖象的斜率等于速度，由速度圖象直接讀出速度的變化情況，根據(jù)圖線的斜率分析加速度如何變化，確定物體的運(yùn)動(dòng)情況．
【解答】解：AB、x﹣t圖象的斜率等于速度，傾斜的直線斜率不變，表明物體的速度不變，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知，AB兩圖均表示汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A、B錯(cuò)誤．
C、速度均勻增大，加速度不變，說(shuō)明汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，符合題意．故C正確．
D、速度不隨時(shí)間而變化，說(shuō)明汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．
故選：C
11．汽車在一條平直公路上，若從靜止啟動(dòng)到最大速度的時(shí)間內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為（ ）
|
起動(dòng)的快慢/s （0～30m/s的加速時(shí)間） |
最大速度/m·s﹣1 |
|
12 |
50 |
A．2.5m/s B．5m/s C．4.17m/s D．9m/s
【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．
【分析】根據(jù)題意，知道汽車的加速時(shí)間和汽車加速達(dá)到的最大速度，利用加速度定義可求解加速度．
【解答】解：根據(jù)題意，汽車初速度v0=0，末速度vt=30m/s，0﹣30m/s內(nèi)的加速時(shí)間t=12s．
由加速度定義知：．
故選：A．
9．如圖所示的裝置中，小球的質(zhì)量均相同，彈簧和細(xì)線的質(zhì)量均不計(jì)，一切摩擦忽略不計(jì)，平衡時(shí)各彈簧的彈力分別為F1、F2、F3，其大小關(guān)系是（ ）
A．F1=F2=F3 B．F1=F2＜F3 C．F1=F3＞F2 D．F3＞F1＞F2
【考點(diǎn)】胡克定律．
【分析】彈簧的彈力大小等于彈簧所受的拉力大小，分別以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由平衡條件求解彈簧的彈力．
【解答】解：第一幅圖：以下面小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；
第二幅圖：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；
第三幅圖：以任意一個(gè)小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由平衡條件得知，彈簧的彈力等于小球的重力G；
所以平衡時(shí)各彈簧的彈力大小相等，即有F1=F2=F3．
故選A
10．如圖所示，當(dāng)用扳手?jǐn)Q螺母時(shí)，扳手上的P、Q兩點(diǎn)的角速度分別為ωP和ωQ，線速度大小分別為vP和vQ，則（ ）
A．ωP＜ωQ，vP＜vQ B．ωP=ωQ，vP＜vQ C．ωP＜ωQ，vP=vQ D．ωP=ωQ，vP＞vQ
【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．
【分析】物體在做轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，各點(diǎn)具有相同的角速度，然后結(jié)合線速度與角速度之間的關(guān)系v=ωr進(jìn)行求解即可．
【解答】解：由于P、Q兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以P、Q兩點(diǎn)的角速度是相等的，即ωP=ωQ；
同時(shí)由圖可知Q點(diǎn)到螺母的距離比較大，由可知，Q點(diǎn)的線速度大，即υP＜υQ．
故選：B
11．小黃用如圖所示的裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)臉．關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．重錘的質(zhì)量一定是越大越好
B．必須用秒表測(cè)出重錘下落的時(shí)間
C．把秒表測(cè)得的時(shí)間代入v=gt，計(jì)算重錘的速度
D．釋放紙帶前，手捏住紙帶上端并使紙帶處于豎直
【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．
【分析】理解該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理，需要測(cè)量的數(shù)據(jù)等；明確打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用；理解實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)以及如何進(jìn)行數(shù)據(jù)處理；對(duì)于任何實(shí)驗(yàn)注意從實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚．
【解答】解：A、為了減小阻力的影響，重錘選擇質(zhì)量大一些、體積小一些的，不是質(zhì)量越大越好．故A錯(cuò)誤．
B、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器可以測(cè)量重錘下落的時(shí)間，不需要用秒表測(cè)量．故B錯(cuò)誤．
C、該實(shí)驗(yàn)是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)．因?yàn)槲覀冎雷杂陕潴w運(yùn)動(dòng)只受重力，機(jī)械能就守恒．如果把重物看成自由落體運(yùn)動(dòng)，再運(yùn)用自由落體的規(guī)律求解速度，那么就不需要驗(yàn)證了，故C錯(cuò)誤．
D、釋放紙帶前，手捏住紙帶上端并使紙帶處于豎直，從而減小紙帶與限位孔之間的摩擦．故D正確．
故選：D．
12．如圖所示，物體在平行于斜面向上、大小為5N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物體與斜面間的滑動(dòng)摩擦力（ ）
A．等于零 B．小于5N C．等于5N D．大于5N
【考點(diǎn)】摩擦力的判斷與計(jì)算．
【分析】對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件，列方程求得摩擦力大?。?/p>
【解答】解：對(duì)物體受力分析，在沿斜面方向，物體受到重力沿斜面的分力F1、滑動(dòng)摩擦力Ff和拉力F，則F1+Ff=F，故Ff＜5 N，選項(xiàng)B正確
故選：B
13．一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體，以4m/s的速度在光滑水平面上向右滑行，從某個(gè)時(shí)刻起，在物體上作用一個(gè)向左的水平力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，物體的速度方向變?yōu)橄蜃?，大小仍然?m/s，在這段時(shí)間內(nèi)水平力對(duì)物體做的功為（ ）
A．0 B．8J C．16J D．32J
【考點(diǎn)】動(dòng)能定理．
【分析】在力F作用的過(guò)程中只有F對(duì)物體做功，力F對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化．
【解答】解：根據(jù)動(dòng)能定理有，力F對(duì)物體做的功為：
W=﹣==0
故選：A
14．真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間靜電力的大小為F．如果保持這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的距離不變，而將它們的電荷量都變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，那么它們之間靜電力的大小變?yōu)椋?）
A． B． C．16F D．4F
【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律．
【分析】本題比較簡(jiǎn)單，直接利用庫(kù)侖定律進(jìn)行計(jì)算討論即可．
【解答】解：距離改變之前：F=k①
當(dāng)電荷量都變?yōu)樵瓉?lái)的3倍時(shí)：F′=k②
聯(lián)立①②可得：F′=16F，故ABD錯(cuò)誤，C正確．
故選C．
15．如圖是條形磁鐵的部分磁感線分布示意圖，關(guān)于圖中a、b兩點(diǎn)磁場(chǎng)的描述，正確的是（ ）
A．a(chǎn)點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Ba指向
B．b點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Bb指向
C．a(chǎn)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度
D．a(chǎn)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度
【考點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度；磁感線及用磁感線描述磁場(chǎng)．
【分析】磁場(chǎng)方向沿磁感線的切線方向，磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，結(jié)合磁感線的特點(diǎn)分析判斷．
【解答】解：A、磁感線上某點(diǎn)的切線方向表示磁場(chǎng)的方向，圖中a、b兩點(diǎn)的磁場(chǎng)方向均是錯(cuò)誤的，故A、B錯(cuò)誤．
C、磁感線疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，a點(diǎn)磁感線比較密，則a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C正確，D錯(cuò)誤．
故選：C．
16．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)放置一個(gè)面積為S的線框，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直．若穿過(guò)線框所圍面積的磁通量為Ф，則勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為（ ）
A． B． C． D．
【考點(diǎn)】磁通量．
【分析】明確磁通量定義，知道當(dāng)B與S相互垂直時(shí)Φ=BS才能成立．
【解答】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度與線圈面積相互垂直，則Φ=BS；
則可得磁感應(yīng)強(qiáng)度B=；
故選：A．
17．把長(zhǎng)0.10m的直導(dǎo)線全部放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，保持導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向垂直．當(dāng)導(dǎo)線中通過(guò)的電流為3.0A時(shí)，該直導(dǎo)線受到的安培力的大小為1.5×10﹣3N．則該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（ ）
A．4.5×10﹣3 T B．2.5×103 T C．2.0×102T D．5.0×10﹣3T
【考點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度．
【分析】當(dāng)磁場(chǎng)的方向與電流方向垂直時(shí)，F(xiàn)=BIL，根據(jù)該公式求出磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度．
【解答】解：當(dāng)磁場(chǎng)的方向與電流方向垂直時(shí)，F(xiàn)=BIL，
則B==T=5×10﹣3 T
故磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為5×10﹣3T．
故選：D．
18．湯姆孫通過(guò)對(duì)陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子．如圖所示，把電子射線管（陰極射線管）放在蹄形磁鐵的兩極之間，可以觀察到電子束偏轉(zhuǎn)的方向是（ ）
A．向下 B．向上 C．向左 D．向右
【考點(diǎn)】左手定則．
【分析】陰極射線管電子從陰極射向陽(yáng)極，運(yùn)用左手定則判斷電子束受到的洛倫茲力的方向，來(lái)判斷電子束偏轉(zhuǎn)的方向．
【解答】解：電子從陰極射向陽(yáng)極，根據(jù)左手定則，磁感線穿入手心，四指指向電子運(yùn)動(dòng)的反方向，洛倫茲力的方向向下，則電子束向下偏轉(zhuǎn)．
故選：A．
19．木塊以一定的初速度沿粗糙斜面上滑，后又返回到出發(fā)點(diǎn)．若規(guī)定沿斜面向下為速度的正方向，下列各圖象中能夠正確反映該木塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系的是（ ）
A． B． C． D．
【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．
【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出上滑和下滑過(guò)程中的加速度大小，由位移公式比較上滑與下滑的時(shí)間關(guān)系，再得出速度隨時(shí)間的變化規(guī)律．
【解答】解：A、根據(jù)牛頓第二定律，上滑時(shí)的加速度大小為：a1==gsinθ+μgcosθ，
下滑時(shí)的加速度大小為：a2==gsinθ﹣μgcosθ．知a1＞a2．
則上滑過(guò)程v﹣t圖象的斜率大小大于下滑過(guò)程圖象的斜率大?。鶕?jù)位移公式x=，由于下滑與上滑過(guò)程位移大小相等，則知，下滑時(shí)間t2大于上滑的時(shí)間t1．由于機(jī)械能有損失，返回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)速度小球出發(fā)時(shí)的初速度．故A正確．
BCD、規(guī)定沿斜面向下為速度的正方向，則上滑速度為負(fù)，下滑速度為正，故BCD錯(cuò)誤．
故選：A
20．2013年6月13日，“神舟十號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”成功實(shí)現(xiàn)交會(huì)對(duì)接．下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．“神舟十號(hào)”先到達(dá)和“天宮一號(hào)”相同的軌道然后加速對(duì)接
B．“神舟十號(hào)”先到達(dá)比“天宮一號(hào)”的軌道半徑小的軌道然后加速對(duì)接
C．“神舟十號(hào)”先到達(dá)比“天宮一號(hào)”的軌道半徑大的軌道然后加速對(duì)接
D．“神舟十號(hào)”先到達(dá)和“天宮一號(hào)”相同的軌道然后減速對(duì)接
【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．
【分析】在同一軌道上加速或減速運(yùn)動(dòng)，會(huì)使得萬(wàn)有引力大于或小于向心力，做離心或近心運(yùn)動(dòng)，“神舟十號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”成功實(shí)現(xiàn)交會(huì)對(duì)接，“神舟十號(hào)”先到達(dá)比“天宮一號(hào)”的軌道半徑小的軌道，然后加速進(jìn)行對(duì)接．
【解答】解：“神舟十號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”成功實(shí)現(xiàn)交會(huì)對(duì)接，“神舟十號(hào)”先到達(dá)比“天宮一號(hào)”的軌道半徑小的軌道，然后加速，使得萬(wàn)有引力小于向心力，做離心運(yùn)動(dòng)，從而與“天宮一號(hào)”對(duì)接．故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．
故選：B．
二、選修1-1教材
21．在如圖所示的電場(chǎng)中，一電荷量q=﹣1.0×10﹣8C的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小F=2.0×10﹣4 N． 則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E= 2.0×104 N/C； 該點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F的方向?yàn)?向左 ．（填“向左”“向右”）
【考點(diǎn)】電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度．
【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=，可以直接求解．
（2）在電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿該點(diǎn)電場(chǎng)線的切線方向，正電荷受力方向和電場(chǎng)方向一致，負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反．
【解答】解：A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：
E=N/C==2.0×104N/C
根據(jù)負(fù)電荷受力方向和電場(chǎng)方向相反可得：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向向左
故答案為：2.0×104； 向左
三、選修3-1教材
22．如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，內(nèi)電阻r=1Ω，電阻R=5Ω，電路中的電表均為理想電表．則當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電流表的讀數(shù)為 0.5 A，電壓表的讀數(shù)為 2.5 V．
【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．
【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流，根據(jù)U=IR求解路段電壓．
【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：I=；
路端電壓為：U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；
故答案為：0.5，2.5．
四、實(shí)驗(yàn)題
23．某實(shí)驗(yàn)小組欲以如圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置探究“加速度與物體受力和質(zhì)量的關(guān)系”．圖1中A為小車，B為裝有砝碼的小盤，C為一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板，小車通過(guò)紙帶與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器相連，小車的質(zhì)量為m1，小盤（及砝碼）的質(zhì)量為m2．
（1）下列說(shuō)法正確的是 C
A．實(shí)驗(yàn)時(shí)先放開(kāi)小車，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源
B．每次改變小車質(zhì)量時(shí)，應(yīng)重新平衡摩擦力
C．本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)滿足m2遠(yuǎn)小于m1的條件
D．在用圖象探究小車加速度與受力的關(guān)系時(shí)，應(yīng)作a﹣m1圖象
（2）實(shí)驗(yàn)中得到一條打點(diǎn)的紙帶，如圖2所示，已知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，且間距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度的計(jì)算式為vF=
，小車加速度的計(jì)算式a= ．
【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系．
【分析】（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)需要提前做的工作有兩個(gè)：①平衡摩擦力，且每次改變小車質(zhì)量時(shí)，不用重新平衡摩擦力，因?yàn)閒=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了．②讓小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小盤和重物的質(zhì)量m．
（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小．
【解答】解：（1）A、實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源后釋放小車，故A錯(cuò)誤．
B、平衡摩擦力，假設(shè)木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力．故B錯(cuò)誤．
C、讓小車的質(zhì)量m1遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小盤和重物的質(zhì)量m2，因?yàn)椋弘H上繩子的拉力F=Ma=，故應(yīng)該是m2＜＜m1，即實(shí)驗(yàn)中應(yīng)滿足小盤和重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故C正確；
D、F=ma，所以：a=，所以在用圖象探究小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，通常作a﹣圖象，故D錯(cuò)誤；
故選：C．
（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大?。?/p>
vF=
根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2結(jié)合作差法得：a=．
故答案為：（1）C；（2），
五、計(jì)算或論述題
24．在研究摩擦力特點(diǎn)的實(shí)驗(yàn)中，將木塊放在水平長(zhǎng)木板上，如圖甲所示，用力沿水平方向拉木塊，拉力從0開(kāi)始逐漸增大．分別用力傳感器采集拉力和木塊受到的摩擦力，并用計(jì)算機(jī)繪制出摩擦力f隨拉力F的變化圖象，如圖乙所示．已知木塊質(zhì)量為0.78kg，取g=10m/s2．
（1）求木塊與長(zhǎng)木板間最大靜摩擦力大?。?/p>
（2）求木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；
（3）若在平行于木板的恒定拉力F作用下，木塊以a=2.0m/s2的加速度從靜止開(kāi)始做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，求拉力F應(yīng)為多大？
【考點(diǎn)】牛頓第二定律．
【分析】（1）分析摩擦力Ff隨拉力F的變化圖象，根據(jù)長(zhǎng)木板的狀態(tài)確定木塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力的性質(zhì)．
（2）根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式求出塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；
（3）分析物體的受力情況，由牛頓第二定律可求得拉力的大?。?/p>
【解答】解：（1）用力沿水平方向拉長(zhǎng)木板，拉力從0開(kāi)始逐漸增大．剛開(kāi)始長(zhǎng)木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，長(zhǎng)木板受拉力和木塊對(duì)長(zhǎng)木板間的靜摩擦力，當(dāng)拉力達(dá)到4N時(shí)，開(kāi)始發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，木塊與長(zhǎng)木板間產(chǎn)生了滑動(dòng)摩擦力．由圖可知木塊與長(zhǎng)木板間的最大靜摩擦力Ffm為4N．
（2）由圖可知木塊與長(zhǎng)木板間的滑動(dòng)摩擦力Ff為3.12N．根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式得：
Ff=μN(yùn)=μmg
解得：μ==0.4；
（3）由牛頓第二定律F﹣Ff=ma得：
F=Ff+ma=3.12+0.78×2=4.68（N）
答：（1）最大靜摩擦力為4N；
（2）木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4；
（3）拉力F應(yīng)為4.68N．
25．如圖所示，一個(gè)半徑R=m的圓形靶盤豎直放置，A、O兩點(diǎn)等高且相距4m，將質(zhì)量為20g的飛鏢從A點(diǎn)沿AO方向拋出，經(jīng)0.2s落在靶心正下方的B點(diǎn)處．不計(jì)空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2．求：
（1）飛鏢從A點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小；
（2）飛鏢從A處拋出到落到B處的過(guò)程中減少的重力勢(shì)能；
（3）為了使飛鏢能落在靶盤上，飛鏢拋出的速度大小應(yīng)滿足什么條件？
【考點(diǎn)】重力勢(shì)能；平拋運(yùn)動(dòng)．
【分析】（1）平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間求出飛鏢從A點(diǎn)拋出的速度大?。?/p>
（2）根據(jù)位移時(shí)間公式求出下落的高度，從而得出重力勢(shì)能的減小量．
（3）根據(jù)下落的最大高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的最大時(shí)間，從而結(jié)合水平位移和時(shí)間求出最小初速度．
【解答】解：（1）飛鏢從A點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小．
（2）飛鏢下降的高度，
則重力勢(shì)能的減小量△Ep=mgh=0.02×10×0.2=0.04J
（3）根據(jù)x=v0t，得，
由h≤R，
聯(lián)立解得．
答：（1）飛鏢從A點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小為20m/s；
（2）飛鏢從A處拋出到落到B處的過(guò)程中減少的重力勢(shì)能為0.04J；
（3）為了使飛鏢能落在靶盤上，飛鏢拋出的速度大小應(yīng)滿足v0≥16m/s．
26．為了研究過(guò)山車的原理，某興趣小組提出了下列設(shè)想：取一個(gè)與水平方向夾角為37°、長(zhǎng)為l=2.0m的粗糙傾斜軌道AB，通過(guò)水平軌道BC與半徑為R=0.2m的豎直圓軌道相連，出口為水平軌道DE，整個(gè)軌道除 AB 段以外都是光滑的．其中AB 與BC 軌道以微小圓弧相接，如圖所示．一個(gè)質(zhì)量m=1kg小物塊以初速度v0=5.0m/s從A點(diǎn)沿傾斜軌道滑下，小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度vC=4.0m/s． 取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．
（1）求小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓軌道壓力的大??；
（2）求小物塊從A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力所做的功；
（3）為了使小物塊不離開(kāi)軌道，并從軌道DE滑出，求豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)滿足什么條件？
【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力．
【分析】（1）小物塊做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可求得支持力大小，再由牛頓第三定律可求得小物塊對(duì)軌道的壓力大小；
（2）對(duì)AC過(guò)程由動(dòng)能定理可求得摩擦力所做的功；
（3）根據(jù)臨界條件以及牛頓第二定律可求得速度范圍；再由機(jī)械能守恒定律可求得半徑的范圍．
【解答】解：（1）設(shè)小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)受到圓軌道的支持力大小為N，根據(jù)牛頓第二定律有，
解得：N=90N
根據(jù)牛頓第三定律得，小物塊對(duì)圓軌道壓力的大小為90N
（2）物塊從A到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：
mglsin37°+Wf=mvc2﹣mvA2
解得Wf=﹣16.5J
（3）設(shè)物塊進(jìn)入圓軌道到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度大小為v1，根據(jù)牛頓第二定律有：，
則
物塊從圓軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：
mvc2=mv2+2mgR
聯(lián)立得，
解得R≤0.32m
答：（1）小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓軌道壓力的大小為90N；
（2）小物塊從A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力所做的功為﹣16.5J；
（3）為了使小物塊不離開(kāi)軌道，并從軌道DE滑出，求豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)滿足R≤0.32m．
2017年2月26日
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