九色国产,午夜在线视频,新黄色网址,九九色综合,天天做夜夜做久久做狠狠,天天躁夜夜躁狠狠躁2021a,久久不卡一区二区三区

2016-2017學(xué)年山西省重點(diǎn)中學(xué)協(xié)作體高三（上）質(zhì)檢物理試卷（9月份）

參考答案與試題解析

一、選擇題：其中1-10題為單項(xiàng)選擇題，每題3分，30分；11-15題為多項(xiàng)選擇題，每題5分，25分．

1．物理學(xué)家在科學(xué)發(fā)展的歷程中，做出了杰出的貢獻(xiàn)，下列敘述符合歷史事實(shí)的是（ ）

A．伽利略最早推理得出一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體如果不受外力，將會(huì)永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去

B．法拉第首先發(fā)現(xiàn)了通過(guò)導(dǎo)體的電流與電壓和電阻的關(guān)系

C．奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象

D．帕斯卡實(shí)驗(yàn)最早比較精確地測(cè)出了大氣壓的數(shù)值

【考點(diǎn)】物理學(xué)史．

【分析】伽利略最早推理得出一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體如果不受外力，將會(huì)永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去；歐姆首先發(fā)現(xiàn)了通過(guò)導(dǎo)體的電流與電壓和電阻的關(guān)系；奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)，法拉第經(jīng)過(guò)10年的研究終年發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象．

【解答】解：

A、伽利略最早推理得出一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體如果不受外力，將會(huì)永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去．故A正確．

B、歐姆首先發(fā)現(xiàn)了通過(guò)導(dǎo)體的電流與電壓和電阻的關(guān)系．故B錯(cuò)誤．

C、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)，法拉第經(jīng)過(guò)10年的研究終年發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象．故C錯(cuò)誤．

D、意大利科學(xué)家托里拆利最早比較精確地測(cè)出了大氣壓的數(shù)值．故D錯(cuò)誤．

故選：A

2．一人乘電梯上樓，在豎直上升過(guò)程中加速度a隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對(duì)地板的壓力（ ）

A．t=2s時(shí)最大 B．t=2s時(shí)最小 C．t=8.5s時(shí)最大 D．t=10s最大

【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用．

【分析】由圖象分析加速度的大小和方向變化，根據(jù)牛頓第二定律可明確支持力的大小和方向，則可知人對(duì)地板的壓力何時(shí)最大，何時(shí)最小．

【解答】解：在時(shí)間軸的上方，表示加速度向上，此時(shí)處于超重狀態(tài)，F(xiàn)﹣mg=ma；人對(duì)地板的壓力增大；加速度越大，則壓力越大；在時(shí)間軸的下方，表示加速度向下，此時(shí)處于失重狀態(tài)，由mg﹣F=ma可知人對(duì)地板的壓力減??；加速度大小越大，則壓力越小；則可知：

在t=2s時(shí)向上的加速度最大，則此時(shí)對(duì)地板的壓力最大；在t=8.5s時(shí)具有向下的最大的加速度，此時(shí)對(duì)地板的壓力最??；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A

3．如圖所示，圓盤(pán)上疊放著兩個(gè)物塊A和B，當(dāng)圓盤(pán)和物塊繞豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物塊與圓盤(pán)始終保持相對(duì)靜止，則（ ）

A．物塊A不受摩擦力作用

B．物塊B受5個(gè)力作用

C．當(dāng)轉(zhuǎn)速增大時(shí)，A受摩擦力增大，B受摩擦力減小

D．A對(duì)B的摩擦力方向沿半徑指向轉(zhuǎn)軸

【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律．

【分析】物塊和圓盤(pán)始終保持相對(duì)靜止，一起做圓周運(yùn)動(dòng)，A靠B對(duì)A的靜摩擦力提供向心力，B靠A對(duì)B的靜摩擦力和圓盤(pán)對(duì)B的靜摩擦力的合力提供向心力．

【解答】解：A、A物塊做圓周運(yùn)動(dòng)，受重力和支持力、靜摩擦力，靠靜摩擦力提供向心力．故A錯(cuò)誤．

B、B對(duì)A的靜摩擦力指向圓心，則A對(duì)B的摩擦力背離圓心，可知B受到圓盤(pán)的靜摩擦力，指向圓心，還受到重力、壓力以及圓盤(pán)的支持力，總共5個(gè)力．故B正確．

C、A、B的角速度相等，根據(jù)F_n=mrω²知，A、B的向心力都增大．故C錯(cuò)誤．

D、因?yàn)锽對(duì)A的摩擦力指向圓心，則A對(duì)B的摩擦力方向背離圓心．故D錯(cuò)誤．

故選：B．

4．一物塊靜止在粗糙的水平桌面上．從某時(shí)刻開(kāi)始，物塊受到一方向不變的水平拉力作用．假設(shè)物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．以a表示物塊的加速度大小，F(xiàn)表示水平拉力的大小．能正確描述F與a之間的關(guān)系的圖象是（）

A．

B．

C．

D．

【考點(diǎn)】牛頓第二定律．

【分析】對(duì)物體受力分析，利用牛頓第二定律列式找出F﹣a的關(guān)系式，即可做出選擇．

【解答】解：物塊受力分析如圖所示：

由牛頓第二定律得；F﹣μmg=ma

解得：F=ma+μmg

F與a成一次函數(shù)關(guān)系，故ABD錯(cuò)誤，C正確，

故選C．

5．火車(chē)在平直軌道上勻速行駛，門(mén)窗緊閉的車(chē)廂內(nèi)有一人向上跳起，發(fā)現(xiàn)仍落回車(chē)上原處，這是因?yàn)椋?）

A．人跳起后，車(chē)廂內(nèi)空氣給他以向前的力，帶他隨同火車(chē)一起向前運(yùn)動(dòng)

B．人跳起的瞬間，車(chē)廂地板給他一個(gè)向前的力，推動(dòng)他隨同火車(chē)一起向前運(yùn)動(dòng)

C．人跳起后，車(chē)在繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)，所以人落下后必定偏后一些，只是由于時(shí)間很短，偏后距離太小，不明顯而已

D．人跳起后直到落地，在水平方向上人和車(chē)始終有相同的速度

【考點(diǎn)】慣性．

【分析】火車(chē)在長(zhǎng)直軌道上勻速行駛，門(mén)窗緊閉的車(chē)廂內(nèi)有一人向上跳起，由于慣性保持與火車(chē)相同的速度，所以落到車(chē)上原處．

【解答】解：A、人跳起后，車(chē)廂內(nèi)空氣給他很小，不足以使他隨火車(chē)一起向前運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤．

B、C、D、人跳起時(shí)，由于慣性，水平方向保持與火車(chē)相同的速度，而起跳后，在水平方向人不受外力做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度與火車(chē)保持相同．故BC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D

6．如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量不同的小球用長(zhǎng)度不等的細(xì)線拴在同一點(diǎn)，并在同一水平面內(nèi)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則它們的（ ）

A．向心力大小一定相同 B．運(yùn)動(dòng)線速度大小相同

C．運(yùn)動(dòng)角速度大小相同 D．向心加速度大小相同

【考點(diǎn)】向心力．

【分析】抓住小球圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力和繩的拉力的合力提供，受力分析，通過(guò)線速度、角速度和向心加速度的表達(dá)式分析判斷．

【解答】解：小球圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由重力和繩拉力的合力提供，繩與豎直方向的夾角為θ對(duì)小球涭力分析有

在豎直方向有：Tcosθ﹣mg=0 ①

在水平方向有：Tsinθ=ma=

②

由①②得：mgtanθ=

=mrω²

因?yàn)樾∏蛟谕黄矫鎯?nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則由題意知，小球圓周運(yùn)動(dòng)半徑r=htanθ，其中h為運(yùn)動(dòng)平面到懸點(diǎn)的距離．

A、向心力mgtanθ，θ不同，則向心力不同，故A錯(cuò)誤．

B、運(yùn)動(dòng)的線速度v=

，細(xì)線與豎直方向的夾角不同，則線速度大小不同，故B錯(cuò)誤．

C、運(yùn)動(dòng)的角速度

，角速度與夾角θ無(wú)關(guān)，故C正確．

D、向心加速度a=gtanθ，細(xì)線與豎直方向的夾角不同，則向心加速度不同，故D錯(cuò)誤．

故選：C．

7．如圖所示，兩個(gè)小球固定在一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的桿的兩端，繞桿上的O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)．當(dāng)小球A的速度為v_A時(shí)，小球B的速度為v_B，則軸心O到小球A的距離是（）

A．v_A（v_A+v_B）L B．

C．

D．

【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．

【分析】本題主要考察了物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)線速度、角速度、半徑等物理量之間的關(guān)系，在本題中注意兩球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)角速度相等這一隱含條件．

【解答】解：設(shè)球A的半徑為r_A，球B的半徑為r_B，則有r_A+r_B=L，

v_A+v_B=ωr_A+ωr_B=ωL①

v_A=ωr_A ②

，由此可知選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤，B正確．

故選B．

8．一汽車(chē)的額定功率為P，設(shè)在水平公路行駛所受的阻力恒定，最大行駛速度為v_m．則（ ）

A．若汽車(chē)以額定功率啟動(dòng)，則做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B．若汽車(chē)勻加速啟動(dòng)，則在剛達(dá)到額定功率時(shí)的速度等于v_m

C．無(wú)論汽車(chē)以哪種方式啟動(dòng)，加速度與牽引力成正比

D．汽車(chē)以速度v_m勻速行駛，若要減速，則要減少牽引力

【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率．

【分析】根據(jù)汽車(chē)啟動(dòng)的兩種分類(lèi)進(jìn)行分析，明確功率公式P=FV的正確應(yīng)用．

【解答】解：A、當(dāng)汽車(chē)以額定功率啟動(dòng)時(shí)，由P=FV可知，牽引力隨著速度的增大而減??；故不能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；

B、汽車(chē)勻加速啟動(dòng)時(shí)，剛達(dá)到額定功率時(shí)加速度不為零，此后還要繼續(xù)加速；故沒(méi)有達(dá)到最大速度；故B錯(cuò)誤；

C、因汽車(chē)受到阻力，故加速度和牽引力與阻力的合力成正比；故C錯(cuò)誤；

D、汽車(chē)勻速行駛時(shí)，牽引力等于阻力，故要減速時(shí)，應(yīng)減少牽引力；故D正確；

故選：D．

9．某青年的質(zhì)量是某少年質(zhì)量的兩倍，該青年能施的最大拉力是該少年施最大拉力的兩倍，設(shè)想該青年和少年在太空中拔河，他們最初靜止地呆在空中，然后分別抓緊細(xì)繩的兩端盡力對(duì)拉，那么，對(duì)拉時(shí)青年和少年的加速度大小之比（）

A．2：1 B．1：1 C．1：2 D．1：4

【考點(diǎn)】牛頓第二定律；牛頓第三定律．

【分析】根據(jù)牛頓第三定律可知：青年和少年之間的拉力是一對(duì)作用力和反作用力，大小相等方向相反，而青年的質(zhì)量是少年質(zhì)量的2倍，根據(jù)牛頓第二定律即可求解．

【解答】解：青年和少年之間的拉力是一對(duì)作用力和反作用力，大小相等方向相反．由于青年和少年的質(zhì)量是2倍的關(guān)系，由牛頓第二定律得，青年和少年的加速度大小之比應(yīng)為1：2的關(guān)系，故選項(xiàng)C正確．

故選C

10．如圖所示，一條形磁鐵放在桌面上，一根通電直導(dǎo)線由S極的上端平移到N極的上端的過(guò)程中，導(dǎo)線保持與磁鐵垂直，導(dǎo)線的通電方向如圖所示．則在這個(gè)過(guò)程中磁鐵受到的摩擦力（保持靜止）（）

A．為零 B．方向由向左變?yōu)橄蛴?/p>

C．方向保持不變 D．方向由向右變?yōu)橄蜃?/p>

【考點(diǎn)】安培力；摩擦力的判斷與計(jì)算．

【分析】要求磁鐵所受的靜摩擦力的方向需要知道磁鐵所受的其它力的方向即求磁鐵所受通電導(dǎo)線安培力的方向，故應(yīng)該求解通電導(dǎo)線所受磁鐵的安培力的方向，所以應(yīng)該知道通電導(dǎo)線所在位置的磁場(chǎng)的方向，然后根據(jù)左手定則即可判定出通電導(dǎo)線所受安培力的方向從而解決問(wèn)題．

【解答】解：由圖可知通電導(dǎo)線所在位置的磁場(chǎng)的方向，根據(jù)左手定則可以判定通電導(dǎo)線所受安培力的方向如圖所示，顯然安培力有一個(gè)水平方向的分量，根據(jù)牛頓第三定律可知條形磁鐵受到通電導(dǎo)線的安培力也有一個(gè)水平方向的分量，而由于條形磁鐵保持靜止，故條形磁鐵所受地面的靜摩擦力與安培力在水平方向的分量相互平衡．故當(dāng)導(dǎo)線在條形磁鐵的左側(cè)上方時(shí)條形磁鐵所受的靜摩擦力方向向左，而當(dāng)導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)到條形磁鐵的右半部分上方時(shí)條形磁鐵所受地面的靜摩擦力水平向右．故條形磁鐵所受摩擦力的方向由向左變?yōu)橄蛴?，故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B．

11．如圖，物體P靜止于固定的斜面上，P的上表面水平．現(xiàn)把物體Q輕輕地疊放在P上，則（ ）

A．P向下滑動(dòng) B．P靜止不動(dòng)

C．P所受的合外力增大 D．P與斜面間的靜摩擦力增大

【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．

【分析】先對(duì)P受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解出各個(gè)力；物體Q輕輕地疊放在P上，相當(dāng)于增大物體P重力．

【解答】解：A、B、對(duì)P受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：

N=Mgcosθ

f=Mgsinθ

f≤μN(yùn)

故μ≥tanθ

由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當(dāng)于增大物體P重力，故P靜止不動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、物體P保持靜止，合力為零，故C錯(cuò)誤；

D、由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當(dāng)于增大物體P重力，故P與斜面間的靜摩擦力增大，故D正確；

故選：BD．

12．北京奧運(yùn)火炬成功登上珠峰，如圖所示是火炬手從拉薩攀登到珠峰峰頂?shù)木€路示意圖，由此可判斷下列說(shuō)法正確的是（ ）

A．由起點(diǎn)到終點(diǎn)火炬手路程等于位移大小

B．由起點(diǎn)到終點(diǎn)火炬手路程大于位移的大小

C．計(jì)算登山運(yùn)動(dòng)員的平均速度時(shí)可以把火炬手當(dāng)成質(zhì)點(diǎn)

D．以上說(shuō)法均不正確

【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)；位移與路程．

【分析】路程是標(biāo)量，大小等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度．位移是矢量，大小等于初末位置間的距離，與運(yùn)動(dòng)路線無(wú)關(guān)．平均速度等于位移與時(shí)間的比值．當(dāng)物體的形狀和大小在所研究的問(wèn)題中可以忽略時(shí)，該物體可以看成質(zhì)點(diǎn)．

【解答】解：A、位移為矢量，起點(diǎn)到終點(diǎn)的直線距離為其大小，故A錯(cuò)誤；

B、由于軌跡是曲線，故由起點(diǎn)到終點(diǎn)火炬手路程大于位移的大小，故B正確；

C、D、計(jì)算登山運(yùn)動(dòng)員的平均速度時(shí)，火炬手大小可以忽略不計(jì)，故可以把火炬手當(dāng)成質(zhì)點(diǎn)，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：BC．

13．下列說(shuō)法中正確的是（ ）

A．所有行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓，太陽(yáng)處在橢圓的中心處

B．對(duì)任意一個(gè)行星來(lái)說(shuō)，它與太陽(yáng)的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過(guò)相等的面積

C．所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟它的公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等

D．開(kāi)普勒行星運(yùn)動(dòng)三定律僅適用于行星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)，不適用于衛(wèi)星繞行星的運(yùn)動(dòng)

【考點(diǎn)】開(kāi)普勒定律．

【分析】熟記理解開(kāi)普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律：

第一定律：所有的行星圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓，太陽(yáng)處在所有橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．

第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等．

第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等．

【解答】解：A、第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，太陽(yáng)處于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．故A錯(cuò)誤．

B、第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，則B正確

C、由第三定律：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等．故C正確．

D、開(kāi)普勒行星運(yùn)動(dòng)三定律也適用于衛(wèi)星繞行星的運(yùn)動(dòng)．則D錯(cuò)誤

故選：BC

14．如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊，以初速度v₀從傾角為θ的斜面底端滑上斜面，當(dāng)其速度減為零后又沿斜面返回底端．已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，若滑塊所受的摩擦力為f、所受的合外力為F_合、加速度為a、速度為v，選沿斜面向上為正方向，在滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，這些物理量隨時(shí)間變化的圖象大致正確的是（）

A．

B．

C．

D．

【考點(diǎn)】牛頓第二定律．

【分析】根據(jù)正壓力的大小確定摩擦力的大小變化．根據(jù)牛頓第二定律求出上滑和下滑的加速度大小，確定加速度的方向，從而得出合力的大小和方向．

【解答】解：A、滑塊在上滑的過(guò)程和下滑過(guò)程中，正壓力大小不變，則摩擦力大小不變，方向相反，上滑時(shí)摩擦力方向向下，下滑時(shí)摩擦力方向向上，故A正確．

BC、上滑時(shí)加速度方向沿斜面向下，大小

=gsinθ+μgcosθ，下滑時(shí)加速度大小

=gsinθ﹣μgcosθ，方向沿斜面向下，則合力沿斜面向下．故B、C錯(cuò)誤．

D、上滑時(shí)做勻減速運(yùn)動(dòng)，下滑時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，上滑的加速度大小大于下滑的加速度大小，故D正確．

故選：AD．

15．如圖所示，總質(zhì)量為460kg的熱氣球，從地面剛開(kāi)始豎直上升時(shí)的加速度為0.5m/s²，當(dāng)熱氣球上升到180m時(shí)，以5m/s的速度向上勻速運(yùn)動(dòng)．若離開(kāi)地面后熱氣球所受浮力保持不變，上升過(guò)程中熱氣球總質(zhì)量不變，重力加速度g=10m/s²．關(guān)于熱氣球，下列說(shuō)法正確的是（）

A．所受浮力大小為4830 N

B．加速上升過(guò)程中所受空氣阻力保持不變

C．從地面開(kāi)始上升10 s后的速度大小為5 m/s

D．以5 m/s勻速上升時(shí)所受空氣阻力大小為230 N

【考點(diǎn)】牛頓第二定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．

【分析】氣球受重力、浮力和阻力，先加速后勻速，故加速度變化，合力變化，故阻力變化；開(kāi)始時(shí)速度為零，空氣阻力為零，根據(jù)牛頓第二定律列式求解出浮力；最后勻速，再根據(jù)平衡條件列式求解．

【解答】解：A、從地面剛開(kāi)始豎直上升時(shí)，速度為零，故阻力為零，氣球受重力和浮力，根據(jù)牛頓第二定律，有：

F_浮﹣mg=ma

解得：F_浮=m（g+a）=460×（10+0.5）N=4830N，故A正確；

B、氣球受重力、浮力和空氣阻力，若阻力不變，合力不變，氣球勻加速上升，矛盾，故B錯(cuò)誤；

C、剛開(kāi)始豎直上升時(shí)的加速度為0.5m/s²，氣球是變加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小，故10s后的速度大小小于5m/s，故C錯(cuò)誤；

D、以5m/s勻速上升時(shí)，根據(jù)平衡條件，有：F_浮=mg+f，解得f=230N，故D正確；

故選：AD．

二、填空題：每空1分，共5分.

16．汽車(chē)甲和汽車(chē)乙以相等的速率沿同一水平彎道做半徑相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，汽車(chē)甲的質(zhì)量大于汽車(chē)乙的質(zhì)量．則兩車(chē)的向心加速度a_甲﹦ a_乙；（選填“＞”、“=”或“＜”）沿半徑方向受到的摩擦力分別為f_甲＞ f_乙．（選填“＞”、“=”或“＜”）

【考點(diǎn)】向心加速度．

【分析】汽車(chē)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由指向圓心的靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列方程分析摩擦力的大小，根據(jù)向心加速度公式a_n=

，來(lái)分析a_甲與a乙的關(guān)系．

【解答】解：汽車(chē)沿水平彎道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，摩擦力提供向心力，其加速度即為向心加速度，甲和乙速率v相等，軌道半徑R相等，根據(jù)向心加速度公式a_n=

可知，向心加速度大小必相等．故a_甲=a_乙．

摩擦力f=ma_n，加速度相等，質(zhì)量大的摩擦力大，所以f_甲＞f_乙．

故答案為：=；＞

17．黑洞是愛(ài)因斯坦的廣義相對(duì)論中預(yù)言的一種特殊天體，它的密度極大，對(duì)周?chē)奈镔|(zhì)有極強(qiáng)的吸引力，根據(jù)恩愛(ài)斯坦理論，光子是有質(zhì)量的，光子到達(dá)黑洞表面時(shí)也將被吸入，最多恰能繞黑洞表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)天文觀測(cè)，銀河系中心可能有一個(gè)黑洞，距該黑洞6.0×10¹²m遠(yuǎn)的星體正以2.0×10⁶m/s的速度繞它旋轉(zhuǎn)，距此估算可能黑洞的最大半徑為3×

（保留一位有效數(shù)字）

【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．

【分析】根據(jù)距該黑洞6.0×10¹²m遠(yuǎn)的星體正以2.0×10⁶m/s的速度繞它旋轉(zhuǎn)，寫(xiě)出萬(wàn)有引力提供向心力的公式，求得黑洞的質(zhì)量；光子到達(dá)黑洞表面最多恰能繞黑洞表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，寫(xiě)出萬(wàn)有引力提供向心力的公式，求得黑洞的最大半徑．

【解答】解：對(duì)圍繞黑洞做圓周運(yùn)動(dòng)的星體應(yīng)用牛頓第二定律得

即GM=

由黑洞特點(diǎn)可知，光子到達(dá)黑洞表面最多恰能繞黑洞表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)光子應(yīng)用牛頓第二定律得，

而R=

所以

=

答：黑洞的最大半徑

18．將一電荷量為2×10^﹣5的試探電荷放在電場(chǎng)中的P點(diǎn)處，所受的電場(chǎng)力的大小為2×10^﹣2N，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為1000 N/C，如果將試探電荷拿走則電場(chǎng)強(qiáng)度為 1000 N/C．

【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量，它是由電荷所受電場(chǎng)力與其電量的比值來(lái)定義．比值與電場(chǎng)力及電量均無(wú)關(guān)．而電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越強(qiáng)．

【解答】解：電荷量為q=2×10^﹣5的試探電荷，放在電場(chǎng)中在P點(diǎn)的電場(chǎng)力大小為F=2×10^﹣2N，

則有：

N/C

電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)有關(guān)，與檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)，將試探電荷移走，則電場(chǎng)強(qiáng)度大小與方向仍不變，

故答案為：1000；1000；

三、計(jì)算題：共兩題，25分.

19．如圖所示，光滑水平地面上放有截面為

圓周的柱狀物體A，A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體B，對(duì)A施加一水平向左的力F，整個(gè)裝置保持靜止．已知圓柱體B重力為G，圓柱體B的圓心與柱狀物A的圓心連線與水平方向成45°角．則

（1）畫(huà)出A物體的受力分析圖

（2）求圓柱體B對(duì)墻面的壓力F_N1和對(duì)物體A的壓力F_N2．

【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．

【分析】（1）對(duì)A進(jìn)行受力分析，A受到重力、地面的支持力、B對(duì)A的壓力以及F，畫(huà)出力的示意圖；

（2）B受到重力、墻壁對(duì)B的壓力以及A對(duì)B的支持力處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件列式即可求解．

【解答】解：（1）對(duì)A進(jìn)行受力分析，A受到重力、地面的支持力、B對(duì)A的壓力以及F，受力分析圖，如圖所示：

（2）對(duì)B進(jìn)行受力分析，如圖所示：

B處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有：

N′sin45°=G，N₁=G

解得：N′=

根據(jù)牛頓第三定律可知，

圓柱體B對(duì)墻面的壓力F_N1=N₁=G，對(duì)物體A的壓力F_N2=N′=

答：（1）A物體的受力分析圖，如圖所示；

（2）求圓柱體B對(duì)墻面的壓力F_N1為G，對(duì)物體A的壓力F_N2為

．

20．如圖所示，一質(zhì)量為m_B=2kg的木板B靜止在光滑的水平面上，其右端上表面緊靠一固定斜面軌道的底端（斜面底端與木板B右端的上表面之間有一段小圓弧平滑連接），軌道與水平面的夾角θ=37°．一質(zhì)量也為m_A=2kg的物塊A由斜面軌道上距軌道底端x₀=8m處?kù)o止釋放，物塊A剛好沒(méi)有從木板B的左端滑出．已知物塊A與斜面軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ₁=0.25，與木板B上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ₂=0.2，sinθ=0.6，cosθ=0.8，g取10m/s²，物塊A可看作質(zhì)點(diǎn)請(qǐng)問(wèn)：

（1）物塊A剛滑上木板B時(shí)的速度為多大？

（2）物塊A從剛滑上木板B到相對(duì)木板口靜止共經(jīng)歷了多長(zhǎng)時(shí)間？木板B有多長(zhǎng)？

【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律．

【分析】（1）對(duì)物體受力分析，物體做的是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由速度和位移的關(guān)系式可以求得末速度；

（2）物塊A剛好沒(méi)有從木板B左端滑出，說(shuō)明此時(shí)它們的速度相等，由速度、位移公式可以求出木板的長(zhǎng)度和運(yùn)行的時(shí)間．

【解答】解：（1）沿斜面下滑的加速度為a，則有：

mgsinθ﹣μ₁mgcosθ=ma，

∴a=gsinθ﹣μ₁gcosθ=4m/s²

由V²=2ax 得物塊A剛滑上木板B時(shí)的速度：v=

=8m/s，

（2）物塊A在B上滑動(dòng)時(shí)，A的加速度大小：a₁=μ₂g=2m/s²；

木板B的加速度大小：a₂=

=2m/s²；

物塊A剛好沒(méi)有從木板B左端滑出，即：物塊A在木板B左端時(shí)兩者速度相等；

設(shè)物塊A在木板B上滑行的時(shí)間t，速度關(guān)系：v﹣a₁t=a₂t，

物塊A剛好沒(méi)有從木板B左端滑出，位移關(guān)系：vt﹣

a₁t²=

a₂t²+L，

解得：L=8m；t=2s；

答：（1）物塊A剛滑上木板B時(shí)的速度8m/s；

（2）物塊A從剛滑上木板B到相對(duì)木板口靜止共經(jīng)歷了2s時(shí)間，木板B的長(zhǎng)度為8m．

四、實(shí)驗(yàn)探究題

21．在探究“互成角度的兩個(gè)力的合成”的實(shí)驗(yàn)如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩．圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫(huà)出的圖．

（1）圖乙中的F和F′，兩力中，方向一定沿OA方向的是 F′ ．

（2）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是 B

A．理想實(shí)驗(yàn)法 B．等效替代法 C．控制變量法

（3）本實(shí)驗(yàn)中以下說(shuō)法正確的是 BC

A．兩根細(xì)繩必須等長(zhǎng)

B．兩次操作中將橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)O拉到同一位置

C．在使用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)要注意使彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面要平行

D．實(shí)驗(yàn)時(shí)，把橡皮筋的另一端拉到O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧測(cè)力計(jì)之間的夾角必須取90°，以便于計(jì)算合力的值．

【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則．

【分析】根據(jù)本實(shí)驗(yàn)的原理：采用作合力與分力的圖示的方法來(lái)探究平行四邊形定則來(lái)分析選擇．

在實(shí)驗(yàn)中使用一根彈簧秤拉細(xì)線與兩根彈簧秤拉細(xì)線的作用效果要相同（即橡皮條拉到同一位置），而細(xì)線的作用是畫(huà)出力的方向，彈簧秤能測(cè)出力的大小．因此細(xì)線的長(zhǎng)度沒(méi)有限制，彈簧秤的示數(shù)也沒(méi)有要求，兩細(xì)線的夾角不要太小也不要太大，但拉彈簧秤時(shí)必須保證與木板平面平行．

【解答】解：（1）F是通過(guò)作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過(guò)一個(gè)彈簧稱(chēng)沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力與兩個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力效果相同，測(cè)量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′．

（2）合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法．

故選：B．

（3）A、細(xì)線的作用是能顯示出力的方向，所以不必須等長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；

B、要保證兩個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力與一個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力效果相同，橡皮條要沿相同方向伸長(zhǎng)量相同，則O點(diǎn)的位置應(yīng)固定，故B正確；

C、在使用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)要注意使彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面要平行，故C正確；

D、為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差，兩分力的夾角不能太大，也不能太小，不一定需要取90度，故D錯(cuò)誤．

故選：BC

故答案為：（1）F′；（2）B；（3）BC

22．如圖所示，滑塊在恒定的水平外力F=2mg的作用下，從水平軌道上的A點(diǎn)由靜止出發(fā)到B點(diǎn)時(shí)撤去外力，又沿豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，且恰好通過(guò)軌道最高點(diǎn)C，滑塊離開(kāi)半圓形軌道后又剛好落到原出發(fā)點(diǎn)A，求AB段與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)．

【考點(diǎn)】動(dòng)能定理；平拋運(yùn)動(dòng)；向心力；機(jī)械能守恒定律．

【分析】物塊恰好通過(guò)最高點(diǎn)C，知在C點(diǎn)，重力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，離開(kāi)C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求出AB段的距離．由B到C過(guò)程運(yùn)用機(jī)械能守恒定律可求出B點(diǎn)的動(dòng)能，再對(duì)AB段運(yùn)用動(dòng)能定理求出動(dòng)摩擦因數(shù)μ．

【解答】解：設(shè)圓周的半徑為R，則在C點(diǎn)：

…①

滑塊離開(kāi)C點(diǎn)，做平拋運(yùn)動(dòng)，則

…②

L_AB=v_ct…③

滑塊由B到C過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得：

…④

滑塊由A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：

…⑤

由①②③④⑤式聯(lián)立得到：μ=0.75

答：AB段與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.75

2016年11月16日